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设fx在01上连续在01内可导且满足f1=2∫(0→1/2)xfxdx求证存在ξ,f'ξ=-fξ
ξ
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第1个回答 2019-11-22
从积分形式入手,构造有利函数:
证明
由积分中值定理
存在
η∈(0,1/2)使得
f(1)
=
2∫xf(x)dx
=
2
·
1/2
·
ηf(η)
=
ηf(η)
构造函数
g(x)
=
xf(x),
则
g(x)在[0,1]上连续可导,
由
g(η)
=
g(1)可知存在ξ∈(η,1),使得g'(ξ)
=
0
即
f(ξ)
+
ξf'(ξ)
=
0
相似回答
设fx在01上连续在01内可导且满足f1=2∫(0→1
/
2)xfxdx求证存在ξ,f
'
ξ=
...
答:
则 g(x)在[0,1]上
连续可导
,由 g(η) = g(1)可知存在ξ∈(η,1),使得g'(ξ) = 0 即 f(ξ) + ξf'(ξ) = 0
设fx在
[0,1]
上连续在(0,1)内可导且f
(
1)=
0证明
存在
一点
ξ
属于(0,1...
答:
证明:令g(x)=x^2,G(x)=g(x)*f(x)。因为f(x)在[0,1]
上连续在(0,1)内可导,
且g(x)在[0,1]上连续在(0,1)内可导,那么G(x)=g(x)*f(x)在[0,1]上连续在(0,1)内可导。且G(x)'=(g(x)*f(x))'=(x^2*f(x))'=x^2f'(x)+2xf(x)而G(0)=g(0)*
f(0)=
0...
设fx在01上连续,在01内可导,且f
证明对任意x1 x
2
答:
辅助函数为F(X)=(
f(x)-
x)*e^(λx)由Rolle定理和零点存在定理即可得
设fx在01上连续,在01内可导且f
导函数的绝对值小于
1,
对任意x1,x
2
答:
再两次利用拉格朗日中值定理:在
(0,
a)中存在d使得:f(a)-f(0)=a*f'(d)在(b
,1)
中存在e使得:f(1)-(b)=(1-b)*f'(e)两式相加并利用
f(0)=f
(1)得:f(a)-f(b)=a*f'(d) + (1-b)*f'(e)根据绝对值不等式得:|f(a)-f(b)|≤a*|f'(d)| + (1-b)*|f'(e)| ...
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