第1个回答 2009-02-19
可导的充要条件是:
lim [h->0] (f(x0+h)-f(x0))/h 存在。
现在看原题。为了方便表示,令h表示Δx.则:
(f(x0+3h)-f(x0-h))/h 的极限存在。所以,
(f(x0+h)-f(x0-h/3))/(h/3)的极限存在(这里只是把h换成也趋近于x0 的h/3)----(1)
类似地:
(f(x0-h/3)-f(x0+h/9))/(-h/9)的极限存在(这里把h换成了-h/9)---(2)
由(1)得:
(f(x0+h)-f(x0-h/3))/h 的极限存在(只是分母乘以3了)
由(2)得:
(f(x0-h/3)-f(x0+h/9))/h 的极限存在(分母乘以-9)
上面两式相加,得:
(f(x0+h)-f(x0+h/9))/h的极限存在-----(*)
这是本证明的关键。
现在,由于(*)式的极限存在,有
(f(x0+h/9)-f(x0+h/81))/(h/9)的极限存在,即
(f(x0+h/9)-f(x0+h/81))/h的极限存在,和(*)式相加得:
(f(x0+h)-f(x0+h/81))/h的极限存在。
由此,经过任何整数n步数,得:
(f(x0+h)-f(x0+h/9^n))/h的极限均存在,对任何正整数n. ----(**)
现在以f(x)在x=x0处连续的条件运用于(**)式。连续于x0的充要条件是:
lim [x->x0] f(x)=f(x0)且存在。
现在(**)式中固定h.增加n.于是在n增大时,h/9^n --> 0. 即x0+h/9^n--> x, f(x0+h/9^n)-->f(x0).
由f(x0+h/9^n)-->f(x0)推出f(x0+h/9^n)-f(x0)-->0。因为h是固定的,所以(f(x0+h /9^n)-f(x0))/h-->0. (这里固定h是重要的,固定h而去增加n,才可以最后除以h仍然得到极限0,因为这里h是一个非零常数)
将这个式子和(**)式相加,即得(f(x0+h)-f(x0))/h的极限存在。即f(x)在x0处可导的定义。证毕。
第2个回答 2009-02-25
200分啊,一定是我的了!
先留个记号,今晚一定想出来!
过会想出来了再补充上!
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我想了一晚上了啊,还没出来。
大概思路:假设f(x)=x,当x不等于正负3的-n次方的时候。
在正负3的-n次方的点上,我们给重新定义,使之满足:
函数值趋于0,满足要求的极限存在,但导数的极限不存在。在这些点上的函数值的重新定义,需要构造,或者说明其存在性也可以。但这并不容易的。。。。
明天继续想!
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熬到三点多,今天12点多才起来,终于在梦中想出来了!
答案是:在x0点不一定可导。主要难点是构造反例f(x).
构造一个集合A,无穷可数的,而且在0点稠密。A的构造方法及性质将在后面详述。
定义f(x)=x,x不属于A时。f(x)................
太无聊了,我去自习室整理完了,再回来抄上!
第3个回答 2009-02-08
不可导.
下面给出一个单边极限存在的反例,设f(x)是这样一个非初等函数,当x>=0,f(x)=x,当x<0,f(x)=-3x,显然这个函数在x=0处连续,且当Δx从大于零方向趋于零[f(x0+3Δx)-f(x0-Δx)]/Δx的极限存在,下面证明这一点.
当Δx>=0[f(0+3Δx)-f(0-Δx)]/Δx=(3Δx-3Δx)/Δx=0,极限存在.
双边极限存在的例子不太好举,再思考一下.
第4个回答 2009-02-15
是可导的,因为当Δx->0时,[f(x0+3Δx)-f(x0-Δx)]/Δx的极限存在,那么当Δx->0时,[f(x0+3Δx)-f(x0-Δx)]/4Δx的极限存在,则左右极限都存在,这个极限就是函数的导数,所以是可导的